Izmjene u zadacima Jedinstvenog državnog ispita iz fizike za 2019 nema godine.

Struktura Jedinstvenog državnog ispitnog zadatka iz fizike 2019

Ispitni rad se sastoji iz dva dijela, uključujući 32 zadatka.

Dio 1 sadrži 27 zadataka.

U zadacima 1–4, 8–10, 14, 15, 20, 25–27, odgovor je cijeli broj ili konačni decimalni razlomak.
Odgovor na zadatke 5–7, 11, 12, 16–18, 21, 23 i 24 je niz od dva broja.
Odgovor na zadatke 19 i 22 su dva broja.

Dio 2 sadrži 5 zadataka. Odgovor na zadatke 28–32 uključuje detaljan opis cjelokupnog napretka zadatka. Drugi dio zadataka (sa detaljnim odgovorom) ocjenjuje stručna komisija na osnovu.

Teme Jedinstvenog državnog ispita iz fizike koje će biti uključene u ispitni rad

Mehanika(kinematika, dinamika, statika, zakoni održanja u mehanici, mehaničke vibracije i talasi).
Molekularna fizika (teorija molekularne kinetike, termodinamika).
Elektrodinamika i osnove SRT-a(električno polje, jednosmerna struja, magnetno polje, elektromagnetna indukcija, elektromagnetne oscilacije i talasi, optika, osnove SRT).
Kvantna fizika i elementi astrofizike(talasno-korpuskularni dualizam, atomska fizika, fizika atomskog jezgra, elementi astrofizike).

Trajanje Jedinstvenog državnog ispita iz fizike

Da završim sve ispitni rad je dato 235 minuta.

Predviđeno vrijeme za završetak zadataka razni dijelovi posao je:

za svaki zadatak sa kratkim odgovorom – 3–5 minuta;
za svaki zadatak sa detaljnim odgovorom – 15–20 minuta.

Šta možete polagati za ispit:

Koristi se neprogramabilni kalkulator (za svakog učenika) sa mogućnošću izračunavanja trigonometrijske funkcije(cos, sin, tg) i vladar.
Popis dodatnih uređaja i uređaja, čija je upotreba dozvoljena za Jedinstveni državni ispit, odobrava Rosobrnadzor.

Bitan!!! Ne treba se oslanjati na varalice, savjete ili korištenje tehničkih sredstava (telefona, tableta) tokom ispita. Video nadzor na Jedinstvenom državnom ispitu 2019. biće pojačan dodatnim kamerama.

Rezultati Jedinstvenog državnog ispita iz fizike

1 bod - za 1-4, 8, 9, 10, 13, 14, 15, 19, 20, 22, 23, 25, 26, 27 zadataka.
2 boda - 5, 6, 7, 11, 12, 16, 17, 18, 21, 24.
3 boda - 28, 29, 30, 31, 32.

Ukupno: 52 boda(maksimalno primarni rezultat).

Šta trebate znati kada pripremate zadatke za Jedinstveni državni ispit:

Znati/razumjeti značenje fizičkih koncepata, količina, zakona, principa, postulata.
Biti u stanju opisati i objasniti fizičke pojave i svojstva tijela (uključujući svemirski objekti), eksperimentalni rezultati... dati primjere praktična upotreba fizičko znanje
Razlikovati hipoteze od naučna teorija, donositi zaključke na osnovu eksperimenta itd.
Biti sposoban primijeniti stečeno znanje prilikom donošenja odluka fizički problemi.
Koristiti stečena znanja i vještine u praktičnim aktivnostima i svakodnevnom životu.

Gdje se početi pripremati za Jedinstveni državni ispit iz fizike:

Proučite teoriju potrebnu za svaki zadatak.
Obuci se test zadataka fizike, razvijen na osnovu Jedinstvenog državnog ispita. Na našoj web stranici bit će ažurirani zadaci i opcije iz fizike.
Pravilno upravljajte svojim vremenom.

Želimo vam uspjeh!

Priprema za OGE i Jedinstveni državni ispit

Prosjek opšte obrazovanje

Linija UMK A.V. Grachev. Fizika (10-11) (osnovni, napredni)

Linija UMK A.V. Grachev. fizika (7-9)

Linija UMK A.V. Peryshkin. fizika (7-9)

Priprema za Jedinstveni državni ispit iz fizike: primjeri, rješenja, objašnjenja

Hajde da to sredimo Zadaci objedinjenog državnog ispita fizike (opcija C) sa nastavnikom.

Lebedeva Alevtina Sergeevna, nastavnik fizike, 27 godina radnog iskustva. Počasna diploma Ministarstva obrazovanja Moskovske oblasti (2013), zahvalnost načelnika Voskresenskog opštinski okrug(2015), Sertifikat predsjednika Udruženja nastavnika matematike i fizike Moskovske oblasti (2015).

U radu su predstavljeni zadaci različitih nivoa težine: osnovni, napredni i visoki. Zadaci osnovnog nivoa su jednostavni zadaci koji testiraju savladavanje najvažnijih fizičkih pojmova, modela, pojava i zakona. Zadaci viši nivo usmjereno na testiranje sposobnosti korištenja pojmova i zakona fizike za analizu različitih procesa i pojava, kao i sposobnosti rješavanja problema korištenjem jednog ili dva zakona (formule) na bilo koju temu školski kurs fizike. U radu 4 zadatka drugog dijela su zadaci visoki nivo kompleksnosti i testiranja sposobnosti korištenja zakona i teorija fizike u promijenjenoj ili novoj situaciji. Izvršavanje ovakvih zadataka zahtijeva primjenu znanja iz dva ili tri dijela fizike odjednom, tj. visok nivo obuke. Ova opcija u potpunosti odgovara demo verziji Jedinstvenog državnog ispita 2017; zadaci su preuzeti iz otvorene banke zadataka Jedinstvenog državnog ispita.

Na slici je prikazan grafik modula brzine u odnosu na vrijeme t. Odredite iz grafikona put koji je automobil prešao u vremenskom intervalu od 0 do 30 s.

Rješenje. Put koji pređe automobil u vremenskom intervalu od 0 do 30 s najlakše se može definirati kao površina trapeza čije su osnovice vremenski intervali (30 – 0) = 30 s i (30 – 10 ) = 20 s, a visina je brzina v= 10 m/s, tj.

S =	(30 + 20) With	10 m/s = 250 m.
	2

Odgovori. 250 m.

Teret težine 100 kg se podiže okomito prema gore pomoću sajle. Na slici je prikazana zavisnost projekcije brzine V opterećenje na osi usmjereno prema gore, kao funkcija vremena t. Odredite modul sile zatezanja sajle tokom podizanja.

Rješenje. Prema grafu zavisnosti projekcije brzine v opterećenje na osi usmjerenoj okomito prema gore, kao funkcija vremena t, možemo odrediti projekciju ubrzanja opterećenja

a =	∆v	=	(8 – 2) m/s	= 2 m/s 2.
	∆t		3 s

Na opterećenje djeluju: sila gravitacije usmjerena okomito prema dolje i sila zatezanja kabela usmjerena okomito prema gore duž kabela (vidi sl. 2. Zapišimo osnovnu jednačinu dinamike. Koristimo drugi Newtonov zakon. Geometrijski zbir sila koje djeluju na tijelo jednak je umnošku mase tijela i ubrzanja koja mu se daje.

+ = (1)

Napišimo jednačinu za projekciju vektora u referentnom sistemu povezanom sa zemljom, usmjeravajući os OY prema gore. Projekcija sile zatezanja je pozitivna, budući da se smjer sile poklapa sa smjerom ose OY, projekcija sile gravitacije je negativna, budući da je vektor sile suprotan osi OY, projekcija vektora ubrzanja je također pozitivan, pa se tijelo kreće uzlaznim ubrzanjem. Imamo

T – mg = ma (2);

iz formule (2) modul vlačne sile

T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Odgovori. 1200 N.

Tijelo se vuče po gruboj horizontalnoj površini sa konstantna brzinačiji je modul 1,5 m/s, primjenom sile na njega kao što je prikazano na slici (1). U ovom slučaju, modul sile trenja klizanja koja djeluje na tijelo je 16 N. Kolika je snaga koju razvija sila? F?

Rješenje. Zamislimo fizički proces naveden u opisu problema i napravimo šematski crtež koji pokazuje sve sile koje djeluju na tijelo (slika 2). Zapišimo osnovnu jednačinu dinamike.

Tr + + = (1)

Odabravši referentni sistem povezan sa fiksnom površinom, zapisujemo jednadžbe za projekciju vektora na odabrane koordinatne ose. Prema uslovima zadatka, tijelo se kreće ravnomjerno, jer je njegova brzina konstantna i jednaka 1,5 m/s. To znači da je ubrzanje tijela nula. Na tijelo vodoravno djeluju dvije sile: sila trenja klizanja tr. i sila kojom se tijelo vuče. Projekcija sile trenja je negativna, jer se vektor sile ne poklapa sa smjerom ose X. Projekcija sile F pozitivno. Podsjećamo vas da za pronalaženje projekcije spuštamo okomicu od početka i kraja vektora na odabranu os. Uzimajući ovo u obzir imamo: F cosα – F tr = 0; (1) izrazimo projekciju sile F, Ovo F cosα = F tr = 16 N; (2) tada će snaga koju razvija sila biti jednaka N = F cosα V(3) Napravimo zamjenu, uzimajući u obzir jednačinu (2), i zamijenimo odgovarajuće podatke u jednačinu (3):

N= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.

Odgovori. 24 W.

Opterećenje pričvršćeno za laganu oprugu krutosti od 200 N/m podliježe vertikalnim oscilacijama. Na slici je prikazan graf ovisnosti pomaka x učitavanje s vremena na vrijeme t. Odredite kolika je masa tereta. Zaokružite odgovor na cijeli broj.

Rješenje. Masa na oprugi podleže vertikalnim oscilacijama. Prema grafu pomaka opterećenja X od vremena t, određujemo period oscilacije opterećenja. Period oscilovanja je jednak T= 4 s; iz formule T= 2π izrazimo masu m tereta

=	T	;	m	=	T 2	; m = k	T 2	; m= 200 N/m	(4 s) 2	= 81,14 kg ≈ 81 kg.
	2π		k		4π 2		4π 2		39,438

odgovor: 81 kg.

Na slici je prikazan sistem od dva laka bloka i bestežinskog kabla, pomoću kojih možete održavati ravnotežu ili podizati teret težine 10 kg. Trenje je zanemarljivo. Na osnovu analize gornje slike, odaberite dva tačne tvrdnje i navedite njihov broj u svom odgovoru.

Da biste održali opterećenje u ravnoteži, morate djelovati na kraj užeta sa silom od 100 N.
Blok sistem prikazan na slici ne daje nikakav dobitak u snazi.
h, morate izvući dio užeta dužine 3 h.
Za polako podizanje tereta do visine hh.

Rješenje. U ovom problemu potrebno je zapamtiti jednostavne mehanizme, odnosno blokove: pokretni i fiksni blok. Pokretni blok daje dvostruki dobitak na snazi, dok dio užeta treba povući duplo duže, a fiksni blok se koristi za preusmjeravanje sile. U radu jednostavni mehanizmi osvajanja ne daju. Nakon analize problema, odmah biramo potrebne izjave:

Za polako podizanje tereta do visine h, morate izvući dio užeta dužine 2 h.
Da biste održali opterećenje u ravnoteži, morate djelovati na kraj užeta sa silom od 50 N.

Odgovori. 45.

Aluminijski uteg pričvršćen za bestežinski i nerastegljivi konac potpuno je uronjen u posudu s vodom. Teret ne dodiruje zidove i dno posude. Zatim se u istu posudu sa vodom uroni gvozdeni uteg čija je masa jednaka masi aluminijumskog utega. Kako će se zbog toga promijeniti modul sile zatezanja niti i modul sile gravitacije koja djeluje na opterećenje?

Povećava;
Smanjuje;
Ne menja se.

Rješenje. Analiziramo stanje problema i ističemo one parametre koji se ne mijenjaju tokom istraživanja: to su masa tijela i tekućina u koju je tijelo uronjeno na niti. Nakon ovoga je bolje uraditi šematski crtež i naznačiti sile koje djeluju na opterećenje: napetost konca F kontrola, usmjerena prema gore duž konca; gravitacija usmjerena okomito prema dolje; Arhimedova sila a, koji djeluje sa strane tekućine na uronjeno tijelo i usmjeren je prema gore. Prema uslovima zadatka, masa tereta je ista, pa se modul sile gravitacije koja deluje na teret ne menja. Budući da je gustina tereta različita, volumen će također biti različit.

V =	m	.
	str

Gustina gvožđa je 7800 kg/m3, a gustina aluminijumskog tereta je 2700 kg/m3. dakle, V i< V a. Tijelo je u ravnoteži, rezultanta svih sila koje djeluju na tijelo je nula. Usmjerimo OY koordinatnu osu prema gore. Osnovnu jednačinu dinamike, uzimajući u obzir projekciju sila, zapisujemo u obliku F kontrola + F a – mg= 0; (1) Izrazimo silu napetosti F kontrola = mg – F a(2); Arhimedova sila zavisi od gustine tečnosti i zapremine uronjenog dela tela F a = ρ gV p.h.t. (3); Gustina tečnosti se ne menja, a zapremina gvozdenog tela je manja V i< V a, stoga će Arhimedova sila koja djeluje na teret gvožđa biti manja. Zaključujemo o modulu sile zatezanja niti, radeći sa jednadžbom (2), on će se povećati.

Odgovori. 13.

Blok mase m sklizne sa fiksnog grubog kosoj ravni sa uglom α u osnovi. Modul ubrzanja bloka je jednak a, modul brzine bloka se povećava. Otpor zraka se može zanemariti.

Uspostavite korespondenciju između fizičkih veličina i formula pomoću kojih se one mogu izračunati. Za svaku poziciju u prvoj koloni odaberite odgovarajuću poziciju iz druge kolone i zapišite odabrane brojeve u tablicu ispod odgovarajućih slova.

B) Koeficijent trenja između bloka i nagnute ravni

3) mg cosα

4) sinα –	a
	g cosα

Rješenje. Ovaj zadatak zahtijeva primjenu Newtonovih zakona. Preporučujemo da napravite šematski crtež; ukazuju na sve kinematičke karakteristike kretanja. Ako je moguće, opišite vektor ubrzanja i vektore svih sila koje se primjenjuju na tijelo koje se kreće; zapamtite da su sile koje djeluju na tijelo rezultat interakcije s drugim tijelima. Zatim zapišite osnovnu jednačinu dinamike. Odaberite referentni sistem i zapišite rezultirajuću jednačinu za projekciju vektora sile i ubrzanja;

Prateći predloženi algoritam napravićemo šematski crtež (slika 1). Na slici su prikazane sile primijenjene na težište bloka i koordinatne ose referentnog sistema povezane s površinom nagnute ravni. Pošto su sve sile konstantne, kretanje bloka će biti jednoliko promenljivo sa povećanjem brzine, tj. vektor ubrzanja je usmjeren u smjeru kretanja. Odaberimo smjer osi kao što je prikazano na slici. Zapišimo projekcije sila na odabrane ose.

Zapišimo osnovnu jednačinu dinamike:

Tr + = (1)

Zapišimo ovu jednačinu (1) za projekciju sila i ubrzanja.

Na osi OY: projekcija sile reakcije tla je pozitivna, jer se vektor poklapa sa smjerom ose OY Ny = N; projekcija sile trenja je nula jer je vektor okomit na osu; projekcija gravitacije će biti negativna i jednaka mg y= – mg cosα ; projekcija vektora ubrzanja a y= 0, budući da je vektor ubrzanja okomit na osu. Imamo N – mg cosα = 0 (2) iz jednačine izražavamo reakcijsku silu koja djeluje na blok sa strane nagnute ravni. N = mg cosα (3). Zapišimo projekcije na osu OX.

Na osi OX: projekcija sile N jednak je nuli, pošto je vektor okomit na osu OX; Projekcija sile trenja je negativna (vektor je usmjeren u suprotnom smjeru u odnosu na odabranu os); projekcija gravitacije je pozitivna i jednaka mg x = mg sinα (4) od pravougaonog trougla. Projekcija ubrzanja je pozitivna sjekira = a; Zatim pišemo jednačinu (1) uzimajući u obzir projekciju mg sinα – F tr = ma (5); F tr = m(g sinα – a) (6); Zapamtite da je sila trenja proporcionalna sili normalnog pritiska N.

A-prioritet F tr = μ N(7), izražavamo koeficijent trenja bloka na kosoj ravni.

μ =	F tr	=	m(g sinα – a)	= tgα –	a	(8).
	N		mg cosα		g cosα

Za svako slovo biramo odgovarajuće pozicije.

Odgovori. A – 3; B – 2.

Zadatak 8. Kiseonik se nalazi u posudi zapremine 33,2 litara. Pritisak gasa je 150 kPa, njegova temperatura je 127° C. Odredite masu gasa u ovoj posudi. Izrazite svoj odgovor u gramima i zaokružite na najbliži cijeli broj.

Rješenje. Važno je obratiti pažnju na konverziju jedinica u SI sistem. Pretvorite temperaturu u Kelvine T = t°C + 273, zapremina V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3 ; Konvertujemo pritisak P= 150 kPa = 150.000 Pa. Korištenje jednačine stanja idealnog plina

Izrazimo masu gasa.

Obavezno obratite pažnju na to od kojih jedinica se traži da zapišu odgovor. To je veoma važno.

Odgovori.'48

Zadatak 9. Idealan jednoatomski plin u količini od 0,025 mola adijabatski se ekspandira. Istovremeno, njegova temperatura je pala sa +103°C na +23°C. Koliko je posla obavljen gas? Izrazite svoj odgovor u džulima i zaokružite na najbliži cijeli broj.

Rješenje. Prvo, plin je jednoatomski broj stupnjeva slobode i= 3, drugo, plin se širi adijabatski - to znači bez izmjene topline Q= 0. Gas radi tako što smanjuje unutrašnju energiju. Uzimajući ovo u obzir, zapisujemo prvi zakon termodinamike u obliku 0 = ∆ U + A G; (1) izrazimo rad gasa A g = –∆ U(2); Zapisujemo promjenu unutrašnje energije za jednoatomni gas kao

Odgovori. 25 J.

Relativna vlažnost dijela zraka na određenoj temperaturi iznosi 10%. Koliko puta treba promeniti pritisak ovog dela vazduha da bi konstantna temperatura da li je njegova relativna vlažnost porasla za 25%?

Rješenje. Pitanja vezana za zasićenu paru i vlažnost zraka najčešće izazivaju teškoće kod školaraca. Koristimo formulu za izračunavanje relativne vlažnosti vazduha

U skladu sa uslovima zadatka, temperatura se ne menja, što znači da pritisak zasićene pare ostaje isti. Zapišimo formulu (1) za dva stanja zraka.

φ 1 = 10%; φ 2 = 35%

Izrazimo tlak zraka iz formula (2), (3) i pronađemo omjer tlaka.

P 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
P 1		φ 1		10

Odgovori. Pritisak treba povećati za 3,5 puta.

Vruća tečna tvar se polako hladila u peći za topljenje konstantne snage. U tabeli su prikazani rezultati mjerenja temperature neke supstance tokom vremena.

Odaberite sa ponuđene liste dva izjave koje odgovaraju rezultatima izvršenih mjerenja i označavaju njihov broj.

Tačka topljenja supstance u ovim uslovima je 232°C.
Za 20 minuta. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju.
Toplotni kapacitet tvari u tekućem i čvrstom stanju je isti.
Nakon 30 min. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju.
Proces kristalizacije supstance trajao je više od 25 minuta.

Rješenje. Kako se supstanca hladila, njena unutrašnja energija se smanjivala. Rezultati mjerenja temperature nam omogućavaju da odredimo temperaturu na kojoj tvar počinje kristalizirati. Dok se tvar mijenja iz tekućeg u kruto, temperatura se ne mijenja. Znajući da su temperatura topljenja i temperatura kristalizacije iste, biramo tvrdnju:

1. Tačka topljenja supstance u ovim uslovima je 232°C.

Druga tačna izjava je:

4. Nakon 30 min. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju. Pošto je temperatura u ovom trenutku već ispod temperature kristalizacije.

Odgovori. 14.

U izolovanom sistemu, telo A ima temperaturu od +40°C, a telo B ima temperaturu od +65°C. Ova tijela su dovedena u termički kontakt jedno s drugim. Nakon nekog vremena došlo je do termičke ravnoteže. Kako su se zbog toga promijenile temperatura tijela B i ukupna unutrašnja energija tijela A i B?

Za svaku količinu odredite odgovarajuću prirodu promjene:

Povećano;
Smanjena;
Nije se promenilo.

Zapišite odabrane brojeve za svaki u tabeli. fizička količina. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.

Rješenje. Ako se u izolovanom sistemu tijela ne dešavaju nikakve energetske transformacije osim izmjene topline, tada je količina topline koju daju tijela čija se unutrašnja energija smanjuje jednaka količini topline koju primaju tijela čija se unutrašnja energija povećava. (Prema zakonu održanja energije.) U ovom slučaju ukupna unutrašnja energija sistema se ne mijenja. Problemi ovog tipa rješavaju se na osnovu jednačine toplotnog bilansa.

∆U = ∑	n	∆U i = 0 (1);
	i = 1

gdje je ∆ U– promjena unutrašnje energije.

U našem slučaju, kao rezultat razmjene topline, unutarnja energija tijela B opada, što znači da se temperatura ovog tijela smanjuje. Povećava se unutrašnja energija tijela A, pošto je tijelo primilo određenu količinu topline od tijela B, njegova temperatura će se povećati. Ukupna unutrašnja energija tijela A i B se ne mijenja.

Odgovori. 23.

Proton str, koji leti u jaz između polova elektromagneta, ima brzinu okomitu na vektor indukcije magnetsko polje, kao što je prikazano na slici. Gdje je Lorentzova sila koja djeluje na proton usmjerena u odnosu na crtež (gore, prema posmatraču, daleko od posmatrača, dolje, lijevo, desno)

Rješenje. Magnetno polje djeluje na nabijenu česticu Lorentzovom silom. Da biste odredili smjer ove sile, važno je zapamtiti mnemoničko pravilo lijeve ruke, ne zaboravite uzeti u obzir naboj čestice. Četiri prsta lijeve ruke usmjeravamo duž vektora brzine, za pozitivno nabijenu česticu vektor treba ući okomito u dlan, palac postavljen na 90° pokazuje smjer Lorentzove sile koja djeluje na česticu. Kao rezultat, imamo da je vektor Lorentzove sile usmjeren dalje od posmatrača u odnosu na figuru.

Odgovori. od posmatrača.

Modul jakosti električnog polja u ravnom vazdušnom kondenzatoru kapaciteta 50 μF jednak je 200 V/m. Razmak između ploča kondenzatora je 2 mm. Koliki je naboj na kondenzatoru? Napišite svoj odgovor u µC.

Rješenje. Pretvorimo sve mjerne jedinice u SI sistem. Kapacitet C = 50 µF = 50 10 –6 F, rastojanje između ploča d= 2 · 10 –3 m. Problem govori o ravnom vazdušnom kondenzatoru - uređaju za skladištenje električnog naboja i energije električnog polja. Iz formule električne kapacitivnosti

Gdje d– razmak između ploča.

Izrazimo napon U=E d(4); Zamenimo (4) u (2) i izračunajmo naelektrisanje kondenzatora.

q = C · Ed= 50 10 –6 200 0,002 = 20 µC

Obratite pažnju na jedinice u koje trebate napisati odgovor. Dobili smo ga u kulonima, ali ga predstavljamo u µC.

Odgovori. 20 µC.

Učenik je izvršio eksperiment o prelamanju svjetlosti, prikazan na fotografiji. Kako se ugao prelamanja svjetlosti koja se širi u staklu i indeks loma stakla mijenjaju sa povećanjem upadnog ugla?

Povećava
Smanjuje
Ne menja se
Zapišite odabrane brojeve za svaki odgovor u tabelu. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.

Rješenje. U problemima ove vrste, sećamo se šta je refrakcija. Ovo je promjena smjera širenja vala pri prelasku iz jednog medija u drugi. To je uzrokovano činjenicom da su brzine prostiranja talasa u ovim medijima različite. Nakon što smo otkrili u koji medij se svjetlost širi, zapišimo zakon loma u obliku

sinα	=	n 2	,
sinβ		n 1

Gdje n 2 – apsolutni indeks prelamanja stakla, medij u koji ide svjetlost; n 1 je apsolutni indeks prelamanja prvog medija iz kojeg dolazi svjetlost. Za vazduh n 1 = 1. α je upadni ugao snopa na površinu staklenog polucilindra, β je ugao prelamanja zraka u staklu. Štaviše, ugao prelamanja će biti manji od upadnog ugla, budući da je staklo optički gušći medij - medij sa visokim indeksom loma. Brzina širenja svjetlosti u staklu je sporija. Imajte na umu da mjerimo uglove od okomice koja je obnovljena u tački upada zraka. Ako povećate upadni ugao, onda će se i ugao prelamanja povećati. Ovo neće promijeniti indeks loma stakla.

Odgovori.

Bakarni džemper u određenom trenutku t 0 = 0 počinje da se kreće brzinom od 2 m/s duž paralelnih horizontalnih provodnih šina, na čije krajeve je priključen otpornik od 10 Ohma. Čitav sistem je u vertikalnom uniformnom magnetnom polju. Otpor skakača i šina je zanemarljiv; skakač je uvijek postavljen okomito na šine. Tok F vektora magnetske indukcije kroz krug formiran od kratkospojnika, tračnica i otpornika mijenja se tokom vremena t kao što je prikazano na grafikonu.

Koristeći grafikon, odaberite dvije tačne tvrdnje i navedite njihov broj u svom odgovoru.

Do vremena t= 0,1 s promjena magnetnog fluksa kroz kolo je 1 mWb.
Indukcijska struja u kratkospojniku u rasponu od t= 0,1 s t= 0,3 s max.
Modul induktivne emf koji nastaje u kolu je 10 mV.
Jačina indukcijske struje koja teče u kratkospojniku je 64 mA.
Da bi se održalo kretanje skakača, na njega se primjenjuje sila, čija je projekcija na smjer tračnica 0,2 N.

Rješenje. Koristeći graf ovisnosti fluksa vektora magnetske indukcije kroz kolo od vremena, odredit ćemo područja u kojima se fluks F mijenja i gdje je promjena fluksa nula. Ovo će nam omogućiti da odredimo vremenske intervale tokom kojih će se indukovana struja pojaviti u kolu. Tačna izjava:

1) Do vremena t= 0,1 s promjena magnetnog fluksa kroz kolo je jednaka 1 mWb ∆F = (1 – 0) 10 –3 Wb; Modul induktivne emf koji nastaje u kolu se određuje korištenjem EMR zakona

Odgovori. 13.

Koristeći graf struje u odnosu na vrijeme u električnom kolu čija je induktivnost 1 mH, odredite modul Samoindukovana emf u vremenskom intervalu od 5 do 10 s. Napišite svoj odgovor u µV.

Rješenje. Pretvorimo sve veličine u SI sistem, tj. pretvaramo induktivnost od 1 mH u H, dobijamo 10 –3 H. Također ćemo pretvoriti struju prikazanu na slici u mA u A množenjem sa 10 –3.

EMF formula samoindukcija ima oblik

u ovom slučaju, vremenski interval je dat prema uslovima problema

∆t= 10 s – 5 s = 5 s

sekundi i pomoću grafikona određujemo interval promjene struje za to vrijeme:

∆I= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.

Zamjenjujemo numeričke vrijednosti u formulu (2), dobijamo

| Ɛ | = 2 ·10 –6 V, ili 2 µV.

Odgovori. 2.

Dvije prozirne ravnoparalelne ploče su čvrsto pritisnute jedna uz drugu. Zraka svjetlosti pada iz zraka na površinu prve ploče (vidi sliku). Poznato je da je indeks loma gornje ploče jednak n 2 = 1,77. Uspostavite korespondenciju između fizičkih veličina i njihovog značenja. Za svaku poziciju u prvoj koloni odaberite odgovarajuću poziciju iz druge kolone i zapišite odabrane brojeve u tablicu ispod odgovarajućih slova.

Rješenje. Za rješavanje problema o prelamanju svjetlosti na međuprostoru između dva medija, posebno problema s prolaskom svjetlosti kroz ravni paralelne ploče, može se preporučiti sljedeći postupak rješavanja: napraviti crtež koji pokazuje putanju zraka koje dolaze iz jednog medija u drugi; U tački upada zraka na granici između dva medija, nacrtajte normalu na površinu, označite uglove upada i prelamanja. Obratite posebnu pažnju na optičku gustoću medija koji se razmatra i zapamtite da kada svjetlosni snop prijeđe iz optički manje gustog medija u optički gušći medij, ugao prelamanja će biti manji od upadnog ugla. Na slici je prikazan ugao između upadne zrake i površine, ali nam je potreban upadni ugao. Zapamtite da se uglovi određuju iz okomice koja je obnovljena na mjestu udara. Određujemo da ugao upada zraka na površinu iznosi 90° – 40° = 50°, indeks prelamanja n 2 = 1,77; n 1 = 1 (vazduh).

Zapišimo zakon refrakcije

sinβ =	sin50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Nacrtajmo približnu putanju grede kroz ploče. Koristimo formulu (1) za granice 2–3 i 3–1. Kao odgovor dobijamo

A) Sinus upadnog ugla zraka na granici 2–3 između ploča je 2) ≈ 0,433;

B) Ugao prelamanja zraka pri prelasku granice 3–1 (u radijanima) je 4) ≈ 0,873.

Odgovori. 24.

Odredite koliko α - čestica i koliko protona nastaje kao rezultat reakcije termonuklearne fuzije

+ → x+ y;

Rješenje. U svim nuklearnim reakcijama poštuju se zakoni održanja električnog naboja i broja nukleona. Označimo sa x broj alfa čestica, y broj protona. Napravimo jednačine

+ → x + y;

rješavanje sistema imamo to x = 1; y = 2

Odgovori. 1 – α-čestica; 2 – protoni.

Modul impulsa prvog fotona je 1,32 · 10 –28 kg m/s, što je 9,48 · 10 –28 kg m/s manje od modula impulsa drugog fotona. Pronađite omjer energije E 2 /E 1 drugog i prvog fotona. Zaokružite odgovor na najbližu desetinu.

Rješenje. Zamah drugog fotona je veći od zamaha prvog fotona prema uvjetu, što znači da se može predstaviti str 2 = str 1 + Δ str(1). Energija fotona može se izraziti kao impuls fotona koristeći sljedeće jednačine. Ovo E = mc 2 (1) i str = mc(2), dakle

E = pc (3),

Gdje E– energija fotona, str– impuls fotona, m – masa fotona, c= 3 · 10 8 m/s – brzina svjetlosti. Uzimajući u obzir formulu (3) imamo:

E 2	=	str 2	= 8,18;
E 1		str 1

Zaokružujemo odgovor na desetine i dobijemo 8,2.

Odgovori. 8,2.

Jezgro atoma je pretrpjelo radioaktivni pozitron β - raspad. Kako se ovo promijenilo električni naboj jezgro i broj neutrona u njemu?

Za svaku količinu odredite odgovarajuću prirodu promjene:

Povećano;
Smanjena;
Nije se promenilo.

Zapišite odabrane brojeve za svaku fizičku veličinu u tabeli. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.

Rješenje. Pozitron β – raspad u atomsko jezgro nastaje kada se proton transformiše u neutron emisijom pozitrona. Kao rezultat toga, broj neutrona u jezgru se povećava za jedan, električni naboj se smanjuje za jedan, a maseni broj jezgra ostaje nepromijenjen. Dakle, reakcija transformacije elementa je sljedeća:

Odgovori. 21.

U laboratoriji je izvedeno pet eksperimenata za promatranje difrakcije pomoću različitih difrakcijskih rešetki. Svaka od rešetki bila je osvijetljena paralelnim snopovima monokromatske svjetlosti određene talasne dužine. U svim slučajevima, svjetlost je padala okomito na rešetku. U dva od ovih eksperimenata uočen je isti broj glavnih difrakcijskih maksimuma. Prvo navedite broj eksperimenta u kojem ste koristili difrakciona rešetka s manjim periodom, a zatim i broj eksperimenta u kojem je korištena difrakciona rešetka sa većim periodom.

Rješenje. Difrakcija svjetlosti je fenomen snopa svjetlosti u područje geometrijske sjene. Difrakcija se može uočiti kada na putu svjetlosnog vala postoje neprozirna područja ili rupe u velikim preprekama koje su neprozirne za svjetlost, a veličine tih područja ili rupa su srazmjerne talasnoj dužini. Jedan od najvažnijih uređaja za difrakciju je difrakciona rešetka. Ugaoni pravci do maksimuma difrakcionog uzorka određeni su jednadžbom

d sinφ = kλ (1),

Gdje d– period difrakcijske rešetke, φ – ugao između normale na rešetku i smjera ka jednom od maksimuma difrakcionog uzorka, λ – valna dužina svjetlosti, k– cijeli broj koji se zove red difrakcijski maksimum. Izrazimo iz jednačine (1)

Odabirom parova prema eksperimentalnim uvjetima prvo biramo 4 gdje je korištena difrakciona rešetka s kraćim periodom, a zatim broj eksperimenta u kojem je korištena difrakciona rešetka sa većim periodom - to je 2.

Odgovori. 42.

Struja teče kroz žičani otpornik. Otpornik je zamijenjen drugim, sa žicom od istog metala i iste dužine, ali upola manje površine presjek, i propušta polovinu struje kroz njega. Kako će se promijeniti napon na otporniku i njegov otpor?

Za svaku količinu odredite odgovarajuću prirodu promjene:

Povećaće se;
Hoće se smanjiti;
Neće se promijeniti.

Zapišite odabrane brojeve za svaku fizičku veličinu u tabeli. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.

Rješenje. Važno je zapamtiti o kojim vrijednostima ovisi otpor vodiča. Formula za izračunavanje otpora je

Ohmov zakon za dio kola, iz formule (2), izražavamo napon

U = I R (3).

Prema uslovima zadatka, drugi otpornik je napravljen od žice od istog materijala, iste dužine, ali različite veličine presjek. Područje je duplo manje. Zamjenom u (1) nalazimo da se otpor povećava 2 puta, a struja smanjuje 2 puta, pa se napon ne mijenja.

Odgovori. 13.

Period oscilovanja matematičkog klatna na površini Zemlje je 1,2 puta veći od perioda njegovog oscilovanja na određenoj planeti. Šta je modul za ubrzanje? slobodan pad na ovoj planeti? Uticaj atmosfere u oba slučaja je zanemarljiv.

Rješenje. Matematičko klatno je sistem koji se sastoji od niti čije su dimenzije mnogo veće od dimenzija lopte i same lopte. Poteškoće mogu nastati ako se zaboravi Thomsonova formula za period oscilacije matematičkog klatna.

T= 2π (1);

l– dužina matematičkog klatna; g- ubrzanje gravitacije.

Po stanju

Izrazimo iz (3) g n = 14,4 m/s 2. Treba napomenuti da ubrzanje gravitacije ovisi o masi planete i radijusu

Odgovori. 14,4 m/s 2.

Pravi provodnik dužine 1 m sa strujom od 3 A nalazi se u jednoličnom magnetskom polju sa indukcijom IN= 0,4 Tesla pod uglom od 30° prema vektoru. Kolika je veličina sile koja djeluje na provodnik iz magnetskog polja?

Rješenje. Ako provodnik sa strujom postavite u magnetsko polje, polje na vodiču sa strujom će delovati sa amperskom silom. Zapišimo formulu za modul Ampere sile

F A = I LB sinα ;

F A = 0,6 N

Odgovori. F A = 0,6 N.

Energija magnetnog polja pohranjena u zavojnici kada se prođe kroz nju jednosmerna struja, jednak je 120 J. Koliko puta se mora povećati struja koja teče kroz namotaj zavojnice da bi se energija magnetskog polja pohranjena u njemu povećala za 5760 J.

Rješenje. Energija magnetskog polja zavojnice izračunava se po formuli

W m =	LI 2	(1);
	2

Po stanju W 1 = 120 J, dakle W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.

I 1 2 =	2W 1	; I 2 2 =	2W 2	;
	L		L

Zatim omjer struje

I 2 2	= 49;	I 2	= 7
I 1 2		I 1

Odgovori. Jačina struje se mora povećati 7 puta. U formular za odgovore unosite samo broj 7.

Električno kolo se sastoji od dvije sijalice, dvije diode i navoja žice spojene kao što je prikazano na slici. (Dioda dozvoljava struji da teče samo u jednom smjeru, kao što je prikazano na vrhu slike.) Koja od sijalica će se upaliti ako se sjeverni pol magneta približi zavojnici? Obrazložite svoj odgovor navodeći koje ste fenomene i obrasce koristili u svom objašnjenju.

Rješenje. Linije magnetske indukcije izlaze iz sjevernog pola magneta i razilaze se. Kada se magnet približi magnetni fluks povećava se kroz okretanje žice. U skladu s Lenzovim pravilom, magnetsko polje koje stvara induktivna struja zavojnice mora biti usmjereno udesno. Prema pravilu gimleta, struja bi trebala teći u smjeru kazaljke na satu (gledano slijeva). Dioda u drugom krugu lampe prolazi u ovom smjeru. To znači da će druga lampica upaliti.

Odgovori. Druga lampica će se upaliti.

Dužina aluminijskih krakova L= 25 cm i površina poprečnog presjeka S= 0,1 cm 2 okačen na konac za gornji kraj. Donji kraj leži na horizontalnom dnu posude u koju se ulijeva voda. Dužina potopljenog dijela žbice l= 10 cm Nađi silu F, kojim igla za pletenje pritišće dno posude, ako se zna da se konac nalazi okomito. Gustina aluminijuma ρ a = 2,7 g/cm 3, gustina vode ρ b = 1,0 g/cm 3. Ubrzanje gravitacije g= 10 m/s 2

Rješenje. Napravimo crtež s objašnjenjem.

– Sila zatezanja navoja;

– Reakciona sila dna posude;

a je Arhimedova sila koja djeluje samo na uronjeni dio tijela, a primijenjena je na centar uronjenog dijela žbice;

– sila gravitacije koja djeluje na žbicu sa Zemlje i primjenjuje se na centar cijele žbice.

Po definiciji, masa žbice m a modul Arhimedove sile se izražavaju na sljedeći način: m = SLρ a (1);

F a = Slρ in g (2)

Razmotrimo momente sila u odnosu na tačku ovjesa žbice.

M(T) = 0 – moment sile zatezanja; (3)

M(N)= NL cosα je moment sile reakcije oslonca; (4)

Uzimajući u obzir predznake momenata, zapisujemo jednačinu

NL cosα + Slρ in g (L –	l	)cosα = SLρ a g	L	cosα (7)
	2		2

s obzirom da je prema Njutnovom trećem zakonu, sila reakcije dna posude jednaka sili F d kojom igla za pletenje pritišće dno posude koju pišemo N = F d i iz jednačine (7) izražavamo ovu silu:

F d = [	1	Lρ a– (1 –	l	)lρ u ] Sg (8).
	2		2L

Zamenimo numeričke podatke i dobijemo to

F d = 0,025 N.

Odgovori. F d = 0,025 N.

Cilindar koji sadrži m 1 = 1 kg azota, tokom ispitivanja čvrstoće eksplodirao na temperaturi t 1 = 327°C. Koja masa vodonika m 2 se može čuvati u takvom cilindru na temperaturi t 2 = 27°C, sa petostrukom sigurnosnom marginom? Molarna masa nitrogen M 1 = 28 g/mol, vodonik M 2 = 2 g/mol.

Rješenje. Napišimo Mendeljejev-Klapejronovu jednačinu stanja idealnog gasa za azot

Gdje V– zapremina cilindra, T 1 = t 1 + 273°C. Prema uslovima, vodonik se može skladištiti pod pritiskom str 2 = p 1 /5; (3) S obzirom na to

Možemo izraziti masu vodonika radeći direktno sa jednadžbama (2), (3), (4). Konačna formula izgleda ovako:

m 2 =	m 1		M 2		T 1	(5).
	5		M 1		T 2

Nakon zamjene numeričkih podataka m 2 = 28 g.

Odgovori. m 2 = 28 g.

U idealnom oscilatornom kolu, amplituda strujnih fluktuacija u induktoru je ja sam= 5 mA, i amplituda napona na kondenzatoru Um= 2,0 V. U trenutku t napon na kondenzatoru je 1,2 V. Pronađite struju u zavojnici u ovom trenutku.

Rješenje. U idealnom oscilatornom kolu oscilatorna energija je očuvana. Za trenutak vremena t, zakon održanja energije ima oblik

C	U 2	+ L	I 2	= L	ja sam 2	(1)
	2		2		2

Za amplitudne (maksimalne) vrijednosti pišemo

a iz jednačine (2) izražavamo

C	=	ja sam 2	(4).
L		Um 2

Zamijenimo (4) u (3). Kao rezultat dobijamo:

I = ja sam (5)

Dakle, struja u zavojnici u trenutku vremena t jednak

I= 4,0 mA.

Odgovori. I= 4,0 mA.

Na dnu rezervoara dubine 2 m nalazi se ogledalo. Zraka svjetlosti, prolazeći kroz vodu, odbija se od ogledala i izlazi iz vode. Indeks prelamanja vode je 1,33. Pronađite udaljenost između tačke ulaska zraka u vodu i tačke izlaska snopa iz vode ako je upadni ugao snopa 30°

Rješenje. Napravimo crtež s objašnjenjem

α je upadni ugao zraka;

β je ugao prelamanja zraka u vodi;

AC je rastojanje između tačke ulaska snopa u vodu i tačke izlaska snopa iz vode.

Prema zakonu prelamanja svjetlosti

sinβ =	sinα	(3)
	n 2

Razmotrimo pravougaoni ΔADB. U njemu AD = h, tada je DB = AD

tgβ = h tgβ = h	sinα	= h	sinβ	= h	sinα	(4)
	cosβ

Dobijamo sljedeći izraz:

AC = 2 DB = 2 h	sinα	(5)

Zamijenimo numeričke vrijednosti u rezultirajuću formulu (5)

Odgovori. 1,63 m.

U pripremi za Jedinstveni državni ispit, pozivamo vas da se upoznate sa program rada iz fizike za 7-9 razrede na liniji UMK Peryshkina A.V. I Program rada naprednog nivoa za 10-11 razred za nastavne materijale Myakisheva G.Ya. Programi su dostupni za pregled i besplatno preuzimanje svim registrovanim korisnicima.

U nekim zadacima postoji nekoliko ispravnih rješenja, zbog čega su moguća različita tumačenja ispravnog izvršenja zadatka. Nemojte se bojati uložiti žalbu ako mislite da je vaš rezultat pogrešno izračunat.

Provjeri opće informacije o ispitu i počnite se pripremati. U odnosu na prošlu godinu, Jedinstveni državni ispit KIM-a 2019. donekle se promijenio.

Jedinstveni državni ispit

Prošle godine, za polaganje Jedinstvenog državnog ispita iz fizike sa najmanje C, bilo je dovoljno osvojiti 36 osnovnih bodova. Dobijali su, na primjer, za pravilno rješavanje prvih 10 zadataka testa.

Još se ne zna tačno šta će se dogoditi 2019.: trebamo čekati službenu naredbu Rosobrnadzora o korespondenciji primarnih i testnih rezultata. Najvjerovatnije će se pojaviti u decembru. S obzirom na to da je maksimalni primarni rezultat povećan sa 50 na 52, vrlo je vjerovatno da se minimalni skor može neznatno promijeniti.

U međuvremenu, možete se fokusirati na ove tabele:

Struktura Jedinstvenog državnog ispita

U 2019. godini Jedinstveni državni ispit iz fizike sastoji se od dva dijela. Zadatak broj 24 iz poznavanja astrofizike dodan je prvom dijelu. Zbog toga se ukupan broj zadataka na testu povećao na 32.

1. dio: 24 zadatka (1–24) s kratkim odgovorom koji je broj (cijeli ili decimalni) ili niz brojeva.
2. dio: 7 zadataka (25–32) sa detaljnim odgovorom, u njima je potrebno detaljno opisati cijeli napredak zadatka.

Priprema za Jedinstveni državni ispit

Položite testove Jedinstvenog državnog ispita online besplatno bez registracije ili SMS-a. Prikazani testovi su po složenosti i strukturi identični sa stvarnim ispitima koji su sprovedeni u odgovarajućim godinama.

Preuzmite demo verzije Jedinstvenog državnog ispita iz fizike koje će vam omogućiti da se bolje pripremite za ispit i lakše ga položite. Svi predloženi testovi su razvijeni i odobreni za pripremu za Jedinstveni državni ispit od strane Federalnog zavoda za pedagoška mjerenja (FIPI). U istom FIPI-ju sve službeno Opcije objedinjenog državnog ispita.
Zadaci koje ćete vidjeti najvjerovatnije se neće pojaviti na ispitu, ali će postojati zadaci slični demo onima, na istu temu ili jednostavno s različitim brojevima.
Upoznajte se s osnovnim formulama za pripremu ispita kako biste osvježili pamćenje prije nego što pokušate s demonstracijama i opcijama testiranja.

Brojke opšteg jedinstvenog državnog ispita

Godina	Minimum Rezultat objedinjenog državnog ispita	Prosječna ocjena	Broj učesnika	Nije uspjelo, %	Kol 100 bodova	Trajanje - Dužina ispita, min.
2009	32
2010	34	51,32	213 186	5	114	210
2011	33	51,54	173 574	7,4	206	210
2012	36	46,7	217 954	12,6	41	210
2013	36	53,5	208 875	11	474	210
2014	36	45,4				235
2015	36	51,2				235
2016	36					235
2017	36					235
2018